Prerequisiti per imaparare "o" piccolo e calcolo asintotico dei limiti
I prerequisiti per imaparare "o" piccolo e calcolo asintotico dei limiti sono:
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o piccolo e calcolo asintotico dei limiti - Superiori
Cos'è o piccolo?
In questa lezione, imparerai che cos'è l'o piccolo.
Vedrai anche come calcolare i limiti del rapporto tra infinitesimi con l'asintotico, usando cioè gli infinitesimi equivalenti.
Appunti
Per fare le cose fatte bene, è necessario spendere qualche parola in più sul concetto di infinitesimo, che ci sarà molto utile più avanti nello studio delle derivate.
Un infinitesimo, per £$x \to x_0$£, è una funzione £$f(x)$£ che ha limite uguale a £$0$£ quando £$x\to x_0$£.
Capita spesso di calcolare limiti che presentano la forma indeterminata £$\frac{0}{0}$£ che non sono altro che limiti di rapporti tra infinitesimi. In questa lezione vediamo come calcolare questi limiti velocemente, senza bisogno di ricorrere a tecniche strane.
Entrerà in gioco anche il famoso o piccolo.
Questo concetto tornerà quando dovremo studiare i polinomi di Taylor. Capito questo concetto, sarà più facile calcolare limiti ancora più complessi!
Contenuti di questa lezione su: o piccolo e calcolo asintotico dei limiti - Superiori
Infinitesimi e loro ordine
Definizione di infinitesimo per £$x\to x_0$£
Una funzione £$f(x)$£ è un infinitesimo per £$x\to x_0$£ se il £$\lim\limits_{x \to x_{0}}f(x)=0$£
Ciò che ci interessa è calcolare i limiti di rapporti tra infinitesimi, cioè calcolare i limiti del tipo £$\lim\limits_{x\to x_{0}}\frac{f(x)}{g(x)}$£ con £$f(x)$£ e £$g(x)$£ entrambi infinitesimi per £$x\to x_{0}$£.
Per farlo, dobbiamo capire quale funzione "va a £$0$£ più velocemente". Dobbiamo quindi calcolare l'ordine di infinitesimo:
- se £$\lim\limits_{x\to x_{0}}\frac{f(x)}{g(x)}=\ell \ne 0$£ e finito, allora £$f(x)$£ e £$g(x)$£ sono infinitesimi dello stesso ordine, cioè arrivano a £$0$£ alla stessa velocità.
Esempio: £$\lim\limits_{x\to 0}\frac{x^2+2x}{x}=2$£ e le due funzioni sono infinitesimi dello stesso ordine - se £$\lim\limits_{x\to x_{0}}\frac{f(x)}{g(x)}=0$£ allora £$f(x)$£ è un infinitesimo di ordine superiore a £$g(x)$£, cioè £$f(x)$£ arriva a £$0$£ prima di £$g(x)$£.
Esempio: £$\lim\limits_{x\to 1}\frac{(x-1)^3}{x-1}=0$£ quindi £$f(x)=(x-1)^2$£ è un infinitesimo di ordine superiore rispetto a £$g(x)=x-1$£ - se £$\lim\limits_{x\to x_{0}}\frac{f(x)}{g(x)}=\pm \infty$£ allora £$f(x)$£ è un infinitesimo di ordine inferiore a £$g(x)$£, cioè £$f(x)$£ arriva a £$0$£ più lentamente di £$g(x)$£.
Esempio: £$\lim\limits_{x\to 0}\frac{x(x+1)}{x^3}=+\infty$£ quindi £$f(x)=x(x+1)$£ è un infinitesimo di ordine inferiore rispetto a £$g(x)=x^3$£ - se £$\lim\limits_{x\to x_{0}}\frac{f(x)}{g(x)}$£ non esiste, allora gli infinitesimi £$f(x)$£ e £$g(x)$£ non sono confrontabili.
La domanda è: come calcolare l'ordine di infinitesimo?
Ordine di un infinitesimo
Prendiamo un infinitesimo £$f(x)$£ per £$x \to x_0$£. Come facciamo a calcolare il suo ordine di infinitesimo? Confrontiamolo con un infinitesimo campione £$\varphi(x)$£ (si legge "fi di x") che ha la forma:
- £$\varphi(x)=x-x_0$£ se £$x\to x_0$£$£
- £$\varphi(x)=\frac{1}{x}$£ se £$x\to \infty$£
Allora diciamo che £$f(x)$£ è un infinitesimo di ordine £$\alpha > 0 $£ se £$\lim\limits_{x\to x_0}\frac{f(x)}{[\varphi(x)]^{\alpha}}=\ell \ne 0$£
ESEMPIO: calcoliamo l'ordine di infinitesimo della funzione £$f(x)=x^3sen\,x$£ per £$x\to 0$£. In questo caso, £$x_0=0$£ quindi prendiamo la funzione campione £$\varphi(x)=x$£ e calcoliamo il limite del rapporto £$\frac{f(x)}{\varphi(x)^{\alpha}}$£ per £$x\to 0$£. Vogliamo trovare £$\alpha$£ in modo che il limite sia finito e diverso da £$0$£:
£$\lim\limits_{x\to 0}\frac{x^3sen\,x}{x^{\alpha}}$£
Osserviamo che, se dividessimo il fattore £$x^3$£ per se stesso, il limite del rapporto sarebbe uguale a £$1$£. Quindi £$\alpha \ge 3$£. Ma come ci comportiamo con il fattore £$sen\,x$£? Usiamo i limiti notevoli! Sappiamo che £$\lim\limits_{x\to 0}\frac{sen\,x}{x}=1$£ quindi per il secondo fattore basta avere £$1$£ all'esponente. Allora sommiamo i due esponenti richiesti e risulta £$\alpha=3+1=4$£. L'ordine di infinitesimo della funzione £$f(x)=x^3sen\,x$£ è £$\alpha=4$£.
Gerarchia tra infinitesimi
Come confrontare gli infinitesimi? Esiste una gerarchia tra questi? Certo che esiste! In questo modo, è possibile trovare subito il risultato quando calcoliamo il rapporto tra infinitesimi. Per trovare questa gerarchia però usiamo gli infiniti, cioè quelle funzioni che hanno limite infinito.
Se £$x\to +\infty$£, £$p,q>0$£, £$a>1$£ allora vale questa gerarchia di infiniti:
£$\ln^{p}x << x^q << a^x << x^x$£
Per gli infinitesimi, basta fare il reciproco di ogni singola funzione e invertire il verso. Abbiamo quindi la gerarchia degli infinitesimi:
£$\frac{1}{\ln^{p}x} >> \frac{1}{x^q} >> \frac{1}{x^{q+1}} >> \frac{1}{a^x} >> \frac{1}{x^x}$£
ESEMPIO: calcoliamo il limite £$\lim\limits_{x\to 0^+} \frac{\sqrt{x}+x^2}{x^3-x}$£
Stiamo quindi calcolando un limite che è un rapporto tra infinitesimi: infatti, sia il numeratore che il denominatore vanno a zero per £$x\to 0$£. Ma chi va a zero più velocemente? Usiamo la gerarchia tra infinitesimi! Vediamo che se abbiamo la £$x$£ elevato a un numero, va a zero più velocemente se l'esponente è maggiore. Quindi al numeratore £$x^2$£ va a zero più velocemente di £$\sqrt{x}=x^\frac{1}{2}$£. Possiamo anche dire che £$x^2$£ è £$o(x^{\frac{1}{2}})$£. Al denominatore vale lo stesso discorso. £$x^3$£ va a zero più rapidamente di £$x$£. Quindi nel calcolo di limite "sopravvivono" £$\sqrt{x}$£ al numeratore e £$-x$£ al denominatore:
£$\lim\limits_{x\to 0^+}\frac{\sqrt{x}+x^2}{x^3-x}=\lim\limits_{x\to 0^+}\frac{\sqrt{x}}{-x}$£
Ora vediamo che il denominatore va a zero più velocemente del numeratore, quindi il limite vale £$-\infty$£ (meno perché al denominatore c'è appunto il meno), cioè £$x$£ è un infinitesimo di ordine superiore a £$\sqrt{x}$£.
o piccolo: definizione
Definizione "o piccolo"
Siano £$f$£ e £$g$£ due funzioni reali e infinitesime per £$x$£ che tende a £$x_0$£, cioè £$\lim\limits_{x\to x_0} f(x) = \lim\limits_{x\to x_0} g(x) = 0$£.
Diciamo che £$f = o(g)$£ (e si legge “f è o-piccolo di g”) se £$\lim\limits_{x\to x_0} \frac{f(x)}{g(x)} = 0$£, cioè dire che £$f = o(g)$£ significa che la funzione £$f$£ si annulla più rapidamente
della funzione £$g$£ per £$x$£ che tende a £$x_0$£ cioè £$f$£ è un infinitesimo di ordine superiore a £$g$£.
Vediamo un'applicazione utile per il calcolo dei limiti.
Teorema (principio di sostituzione degli infinitesimi). Siano £$f, f_1, g$£ e £$g_1$£ funzioni infinitesime
per £$x$£ che tende a £$x_0$£ e sia inoltre £$f_1 = o(f)$£ e £$g_1 = o(g)$£.
Allora £$\lim\limits_{x\to x_0}\frac{f(x) + f_1(x)}{g(x) + g_1(x)} = \lim\limits_{x\to x_0} \frac{f(x)}{g(x)}$£
In pratica, il teorema ci dice che nel calcolo dei limiti con gli infinitesimi, possiamo trascurare gli infinitesimi di ordine superiore perché non modificano il valore del limite in quanto vanno a zero molto velocemente.
Proprietà di o piccolo
Vediamo come funzione l'algebra degli o piccolo:
- £$o(x^n)\pm o(x^n)=o(x^n)$£
- £$c\cdot o(x^n)=o(x^n)$£
- £$x^m \cdot o(x^n)=o(x^{n+m})$£
- £$o(x^m) \cdot o(x^n)=o(x^{n+m})$£
- £$o(o(x^n))=o(x^{n})$£
- £$o(x^n + o(x^n))=o(x^{n})$£
Parte principale e parte complementare di un infinitesimo
Vediamo un'applicazione di quello che abbiamo visto prima riguardo gli infinitesimi. Prendiamo una funzione £$f(x)$£ tale che £$\lim\limits_{x\to x_0}f(x)=\ell$£. Dalla definizione di limite, sappiamo che vale £$\lim\limits_{x\to x_0}(f(x)-\ell)=0$£. Allora la funzione £$\delta(x)=f(x)-\ell$£ è un infinitesimo per £$x\to x_0$£.
Cosa ci dice questo? Beh riscriviamo £$\delta(x)=f(x)-\ell$£ isolando £$f(x)$£ e abbiamo £$f(x)=\ell+\delta(x)$£. Abbiamo quindi riscritto la nostra funzione come il limite per £$x\to x_0$£ della funzione più un infinitesimo.
Applichiamo questo risultato a ciò che abbiamo visto prima. Prendiamo una funzione £$f(x)$£, infinitesimo di ordine £$\alpha$£ per £$x\to x_0$£. Abbiamo visto che questo è equivalente a scrivere £$\lim\limits_{x\to x_0}\frac{f(x)}{[\varphi(x)]^{\alpha}}=\ell \ne 0$£. Sappiamo, per quanto detto prima, che esiste un infinitesimo £$\delta(x)$£ per £$x\to x_0$£ tale che £$\frac{f(x)}{[\varphi(x)]^{\alpha}}=\ell+\delta(x)$£. Ora isoliamo la funzione £$f$£ e abbiamo
£$f(x)=\ell \cdot [\varphi(x)]^{\alpha}+\delta(x)[\varphi(x)]^{\alpha}$£
Chiamiamo parte principale la funzione £$\ell \cdot [\varphi(x)]^{\alpha}$£ e parte complementare £$\delta(x) [\varphi(x)]^{\alpha}$£
Per come abbiamo ragionato, la parte principale è un infinitesimo dello stesso ordine della funzione £$f(x)$£ mentre la parte complementare è un infinitesimo di ordine superiore a £$f(x)$£.
A cosa serve tutto ciò? Beh diciamo che la funzione è la parte principale sono due infinitesimi equivalenti, cioè £$\lim\limits_{x\to x_0}\frac{f(x)}{\ell[\varphi(x)]^{\alpha}}=1$£. Questo ci dice che, avvicinandosi a £$x_0$£, la funzione e la parte principale sono, praticamente, la stessa cosa. L'errore che si commette nell'approssimazione è uguale alla parte complementare e diventa sempre più piccolo man mano che ci avviciniamo a £$x_0$£.
ESEMPIO: sappiamo che £$\lim\limits_{x\to 0}\frac{sen\,x}{x}=1$£ quindi possiamo scrivere £$\frac{sen\,x}{x}=1+\delta(x)$£ con £$\delta(x)\to 0 $£ per £$x\to 0$£. Allora £$sen\,x=x+x\delta(x)$£. Questo significa che vicino a £$0$£ la funzione £$sen\,x$£ e £$x$£ assumono "praticamente" gli stessi valori, con un errore minimo. Possiamo scrivere che £$sen\,x \sim x$£ in un intorno di £$x=0$£. A conferma di ciò, vediamo come i grafici di queste due funzioni sono pressoché identici vicino a £$0$£, ma l'errore aumenta man mano che ci allontaniamo da questo valore.
